Jeśli rzucisz pojedynczą kością, jaka jest oczekiwana liczba rolek potrzebnych do rzucenia każdego numeru raz?

Jeśli rzucisz pojedynczą kością, jaka jest oczekiwana liczba rolek potrzebnych do rzucenia każdego numeru raz?
Anonim

Odpowiedź:

# 14,7 „rolki” #

Wyjaśnienie:

#P "wszystkie wyrzucone liczby" = 1 - P "1,2,3,4,5 lub 6 nie rzucone" #

#P "A lub B lub C lub D lub E lub F" = P A + P B + … + P F - #

#P A i B - P A i C …. + P A i B oraz C + … #

# „Oto jest” #

# P_1 = 6 * (5/6) ^ n - 15 * (4/6) ^ n + 20 * (3/6) ^ n - 15 * (2/6) ^ n + 6 * (1/6) ^ n #

#P = P_1 (n) - P_1 (n-1) #

# = 6 * (5/6) ^ (n-1) (5/6 - 1) - 15 * (4/6) ^ (n-1) (4 / 6-1) + … #

# = - (5/6) ^ (n-1) + 5 * (4/6) ^ (n-1) -10 * (3/6) ^ (n-1) + 10 * (2/6) ^ (n-1) -5 * (1/6) ^ (n-1) #

# „Negatywem tego jest nasze prawdopodobieństwo.” #

#sum n * a ^ (n-1) = suma (d / {da}) (a ^ n) #

# = (d / {da}) suma a ^ n = (d / {da}) (1 / (1-a)) = 1 / (1-a) ^ 2 #

# => E n = suma n * P "wszystkie liczby wyrzucone po n rzutach" #

# = sum n * ((5/6) ^ (n-1) - 5 * (4/6) ^ (n-1) + … #

#= 1/(1-5/6)^2 - 5/(1-4/6)^2+10/(1-3/6)^2-10/(1-2/6)^2+5/(1-1/6)^2#

#= 36 - 45 + 40 - 22.5 + 7.2#

#= 15.7#

# „Musimy odjąć jeden z powodu warunku rozpoczęcia P_1 (0)” #

# ”podaje błędną wartość P = 1 dla n = 1.” #

# => P = 15,7 - 1 = 14,7 #

Odpowiedź:

#6/6+6/5+6/4+6/3+6/2+6/1 = 14.7#

Wyjaśnienie:

Pomyśl o tym jak o sześciu mini-grach. W każdej grze rzucamy kostką, dopóki nie rzucimy liczby, która jeszcze nie została wyrzucona - co nazwiemy „wygraną”. Następnie zaczynamy kolejną grę.

Pozwolić # X # bądź liczbą rzutów potrzebnych do rzucenia co najmniej raz (tzn. wygraj wszystkie 6 mini-gier) i pozwól # X_i # być liczbą rzutów potrzebnych do „wygrania” numeru mini-gry #ja# (dla #ja# od 1 do 6). Potem każdy # X_i # jest zmienną losową geometryczną z rozkładem # „Geo” (p_i) #.

Oczekiwana wartość każdej zmiennej losowej geometrycznej wynosi # 1 / p_i #.

W pierwszej grze # p_1 = 6/6 # ponieważ wszystkie 6 wyników jest „nowe”. A zatem, # "E" (X_1) = 6/6 = 1 #.

W drugiej grze 5 z 6 wyników jest nowych # p_2 = 5/6 #. A zatem, # "E" (X_2) = 6/5 = 1,2 #.

W trzeciej grze 4 z 6 możliwych rzutów są nowe # p_3 = 4/6 #, znaczenie # "E" (X_3) = 6/4 = 1,5 #.

W tym momencie widzimy wzór. Ponieważ liczba „wygrywających” rzutów zmniejsza się o 1 dla każdej nowej gry, prawdopodobieństwo „wygrania” każdej gry spada z #6/6# do #5/6#, następnie #4/6#, itd., co oznacza, że spodziewana liczba rzutów na grę sięga #6/6# do #6/5#, do #6/4#i tak dalej, aż do ostatniej gry, w której oczekujemy, że zajmie 6 rolek, aby uzyskać ostatni numer.

A zatem:

# "E" (X) = "E" (X_1 + X_2 + X_3 + X_4 + X_5 + X_6) #

#color (biały) („E” (X)) = „E” (X_1) + „E” (X_2) + … + „E” (X_5) + „E” (X_6) #

#color (biały) („E” (X)) = 6/6 + 6/5 + 6/4 + 6/3 + 6/2 + 6/1 #

#color (biały) („E” (X)) = 1 + 1,2 + 1,5 + 2 + 3 + 6 #

#color (biały) („E” (X)) = 14,7 #